2018-ban a 11. osztályt és a középfokú szakképzési intézményeket végzettek el fogják végezni az USE 2018 fizikát. A 2018-as egységes fizika államvizsgával kapcsolatos legfrissebb hírek azon alapulnak, hogy kisebb-nagyobb változtatásokat hajtanak végre rajta.

Mit jelentenek a változások, és hány közülük

Az Egységes Fizika Államvizsgával kapcsolatos fő változás a korábbi évekhez képest, hogy hiányzik a válaszválasztékos tesztrész. Ez azt jelenti, hogy a vizsgára való felkészülést a hallgató rövid vagy részletes válaszadási képességének kell kísérnie. Ezért többé nem lehet kitalálni a lehetőséget, és nem szerezhet bizonyos számú pontot, és keményen kell dolgoznia.

A fizika vizsga alaprészébe egy új 24-es feladat került, melyhez az asztrofizika feladatmegoldó képessége szükséges. A 24. szám hozzáadásával a maximális alappontszám 52-re nőtt. A vizsga két részre oszlik nehézségi szint szerint: egy 27 feladatból álló alapfeladat, amely rövid vagy teljes választ tartalmaz. A második részben 5 emelt szintű feladat található, ahol részletes választ kell adnod, és el kell magyaráznod a megoldás menetét. Egy fontos árnyalat: sok diák kihagyja ezt a részt, de még a feladatok elvégzése is egy-két pontot érhet.

A fizika vizsgán minden változtatás a felkészülés elmélyítése és a tantárgyi ismeretek asszimilációjának javítása érdekében történik. Ráadásul a tesztrész kiiktatása intenzívebb tudásgyűjtésre és logikus érvelésre ösztönzi a leendő jelentkezőket.

A vizsga felépítése

Az előző évhez képest az USE szerkezete lényegesen nem változott. A teljes munkára 235 perc áll rendelkezésre. Az alaprész minden feladatát 1-5 percig kell megoldani. A fokozott összetettségű feladatokat körülbelül 5-10 perc alatt oldják meg.

Az összes CIM-et a vizsga helyszínén tárolják, és a teszt során kinyitják. A felépítés a következő: 27 alapfeladat teszi próbára a vizsgázó tudását a fizika minden területén, a mechanikától a kvantum- és magfizikáig. 5 nagy bonyolultságú feladatban a tanuló készséget mutat döntésének logikus indoklására és a gondolatmenet helyességére. Az elsődleges pontok száma maximum 52 lehet, majd egy 100 pontos skála keretein belül újraszámolják. Az elsődleges pontszám változása miatt a minimális átadási pontszám is változhat.

Próba verzió

Az egységes államvizsgát fejlesztő hivatalos fipi portálon már fent van a fizika vizsga demó verziója. A demó verzió felépítése és összetettsége hasonló a vizsgán megjelenőhöz. Minden feladat részletesen le van írva, a végén van egy olyan válaszlista, amelyen a tanuló ellenőrzi döntéseit. Szintén a végén található egy részletes elrendezés mind az öt feladathoz, feltüntetve a helyesen vagy részben végrehajtott műveletekért járó pontok számát. Minden nagy bonyolultságú feladatért 2-4 pontot kaphat, a követelményektől és a megoldás telepítésétől függően. A feladatok tartalmazhatnak számsorokat, amelyeket helyesen kell leírni, az elemek közötti megfelelést létrehozva, valamint kis feladatokat egy vagy két műveletben.

• Demó letöltése: ege-2018-fiz-demo.pdf
• Archívum letöltése specifikációval és kódolással: ege-2018-fiz-demo.zip

Kívánjuk, hogy sikeresen teljesítse a fizikát és lépjen be a kívánt egyetemre, minden az Ön kezében van!

2017. augusztus 22

2018-ban az Egységes Fizika Államvizsga KIM-eiben ismét 32 feladatot találnak a hallgatók. Emlékezzünk vissza, 2017-ben a feladatok száma 31-re csökkent. További feladat lesz egy csillagászati ​​kérdés, amelyet egyébként ismét kötelező tantárgyként vezetnek be. Nem teljesen világos azonban, hogy hány óra miatt, de valószínűleg a fizika szenved. Tehát, ha a 11. osztályban nem számolja az órákat, akkor valószínűleg a csillagok ősi tudománya a hibás. Ennek megfelelően többet kell készülnie önállóan, mert az iskolai fizika mennyisége rendkívül kicsi lesz ahhoz, hogy valahogy átmenjen a vizsgán. De ne beszéljünk szomorú dolgokról.

A csillagászati ​​kérdés a 24-es, és az első tesztrész ezzel zárul. A második rész eltolódott, és most a 25. számmal kezdődik. Ezt leszámítva jelentősebb változást nem tapasztaltak. Ugyanazok a rövid válaszoló kérdések, a párosítási és feleletválasztós feladatok, és természetesen a rövid és hosszú válaszfeladatok.

A vizsgafeladatok a fizika alábbi részeit fedik le:

1. Mechanika(kinematika, dinamika, statika, megmaradási törvények a mechanikában, mechanikai rezgések és hullámok).

Molekuláris fizika(molekuláris-kinetikai elmélet, termodinamika).

Az SRT elektrodinamikája és alapjai(elektromos tér, egyenáram, mágneses tér, elektromágneses indukció, elektromágneses rezgések és hullámok, optika, az SRT alapjai).

A kvantumfizika(részecske-hullám dualizmus, az atom és az atommag fizikája).

2. Az asztrofizika elemei(Naprendszer, csillagok, galaxisok és univerzum)

Az alábbiakban a FIPI demó verziójában ismerkedhet meg a USE hozzávetőleges feladataival 2018-ban. Valamint ismerkedjen meg a kódolóval és a specifikációval.

Középfokú általános műveltség

Felkészülés a 2018-as egységes államvizsgára: a fizika bemutató verziójának elemzése

A fizika vizsga feladatainak elemzését ajánljuk figyelmükbe a 2018-as demóverzióból. A cikk magyarázatokat és részletes algoritmusokat tartalmaz a feladatok megoldásához, valamint ajánlásokat és hivatkozásokat tartalmaz a vizsgára való felkészüléshez szükséges hasznos anyagokhoz.

USE-2018. Fizika. Tematikus képzési feladatok

A kiadás tartalmazza:
különböző típusú feladatok a vizsga valamennyi témakörében;
választ minden kérdésre.
A könyv hasznos lesz mind a tanárok számára: lehetővé teszi a hallgatók vizsgára való felkészítésének hatékony megszervezését közvetlenül az osztályteremben, az összes téma tanulmányozásának folyamatában, mind pedig a hallgatók számára: a képzési feladatok lehetővé teszik, hogy szisztematikusan, sikeresen megszervezzék. minden témakörben készüljön fel a vizsgára.

A nyugalomban lévő ponttest elkezd mozogni a tengely mentén Ox. Az ábra egy vetületi függőségi grafikont mutat ax ennek a testnek az idő múlásával történő gyorsulása t.

Határozza meg a test által a mozgás harmadik másodpercében megtett távolságot!

Válasz: _________ m.

Megoldás

A grafikonok olvasása minden tanuló számára nagyon fontos. A feladatban az a kérdés, hogy a grafikonból meg kell határozni a gyorsulás vetületének időfüggőségét, azt az utat, amelyet a test a mozgás harmadik másodpercében megtett. A grafikon azt mutatja, hogy a től számított időintervallumban t 1 = 2 mp t 2 = 4 s, a gyorsulási vetület nulla. Következésképpen az eredő erő vetülete ezen a területen Newton második törvénye szerint szintén nullával egyenlő. Meghatározzuk a mozgás jellegét ezen a területen: a test egyenletesen mozgott. Az út könnyen meghatározható, ismerve a mozgás sebességét és idejét. A 0 és 2 s közötti intervallumban azonban a test egyenletesen felgyorsult. A gyorsulás definícióját felhasználva felírjuk a sebesség vetületi egyenletet Vx = V 0x + a x t; mivel a test kezdetben nyugalomban volt, így a második másodperc végére a sebesség vetülete lett

Aztán a test által a harmadik másodpercben megtett út

Válasz: 8 m

Rizs. 1

Egy sima vízszintes felületen két rúd található, amelyeket könnyű rugó köt össze. Egy rúd misére m= 2 kg állandó modulussal egyenlő erőt kell kifejteni F= 10 N és a rugó tengelye mentén vízszintesen irányítva (lásd az ábrát). Határozza meg a rugó rugalmas erejének modulusát abban a pillanatban, amikor ez a rúd 1 m / s 2 gyorsulással mozog.

Válasz: _________ N.

Megoldás

Vízszintesen egy tömegtesten m\u003d 2 kg, két erő hat, ez az erő F= 10 N és rugalmas erő, a rugó oldaláról. Ezen erők eredője gyorsulást kölcsönöz a testnek. Kiválasztunk egy koordináta egyenest, és az erő hatása mentén irányítjuk F. Írjuk fel erre a testre Newton második törvényét.

A 0 tengelyre vetítve x: F – F extr = ma (2)

A (2) képletből fejezzük ki a rugalmas erő modulusát F extr = F – ma (3)

Helyettesítse a számértékeket a (3) képletbe, és kapja meg, F vezérlés = 10 N - 2 kg 1 m / s 2 \u003d 8 N.

Válasz: 8 N.

3. feladat

Egy 4 kg tömegű, durva vízszintes síkon elhelyezkedő testet jelentettek rajta 10 m / s sebességgel. Határozza meg a súrlódási erő által végzett munka modulusát attól a pillanattól kezdve, hogy a test mozogni kezd, addig a pillanatig, amikor a test sebessége kétszeresére csökken.

Válasz: _____________ J.

Megoldás

A testre a gravitációs erő hat, a támasz reakcióereje az a súrlódási erő, amely fékezési gyorsulást hoz létre.A testet kezdetben 10 m/s sebességgel közölték. Írjuk fel esetünkre Newton második törvényét.

Az (1) egyenlet figyelembe véve a kiválasztott tengelyen lévő vetületet Yígy fog kinézni:

N – mg = 0; N = mg (2)

A tengelyen lévő vetületben x: –F tr = - ma; F tr = ma; (3) Meg kell határoznunk a súrlódási erő munkamodulusát addig az időpontig, amikor a sebesség fele akkora lesz, azaz. 5 m/s. Írjunk egy képletet a munkaszámításhoz.

A · ( F tr) = – F tr S (4)

A megtett távolság meghatározásához az időtlen képletet használjuk:

S =	v 2 - v 0 2	(5)
	2a

(3) és (5) helyett (4)

Ekkor a súrlódási erő munkamodulusa egyenlő lesz:

Helyettesítsük a számértékeket

A(F tr) =		4 kg	((	5 m	) 2 – (10	m	) 2)	= 150 J
		2		Val vel		Val vel

Válasz: 150 J

USE-2018. Fizika. 30 gyakorlati vizsgadolgozat

A kiadás tartalmazza:
30 képzési lehetőség a vizsgára
végrehajtási és értékelési kritériumokra vonatkozó utasítások
választ minden kérdésre
A képzési lehetőségek segítik a tanárt a vizsgára való felkészülés megszervezésében, a hallgatók pedig a tudás és a záróvizsgára való felkészültség önálló próbáját.

A lépcsős blokk 24 cm sugarú külső tárcsával rendelkezik.A külső és belső tárcsákra tekercselt menetekre súlyok vannak felfüggesztve az ábrán látható módon. A blokk tengelyében nincs súrlódás. Mekkora a blokk belső tárcsájának sugara, ha a rendszer egyensúlyban van?

Rizs. 1

Válasz: _________ lásd

Megoldás

A probléma feltétele szerint a rendszer egyensúlyban van. A képen L 1, váll erő L 2 erőváll Egyensúlyi feltétel: a testeket az óramutató járásával megegyező irányba forgató erők nyomatékainak egyenlőnek kell lenniük a testet az óramutató járásával ellentétes irányba forgató erők nyomatékaival. Emlékezzünk vissza, hogy az erőnyomaték az erőmodulus és a kar szorzata. A terhelések oldaláról a menetekre ható erők 3-szorosak. Ez azt jelenti, hogy a blokk belső tárcsájának sugara is 3-szor eltér a külsőtől. Ezért a váll L 2 egyenlő lesz 8 cm-rel.

Válasz: 8 cm

5. feladat

Ó, különböző időpontokban.

Válasszon az alábbi listából kettő helyesbítse az állításokat, és adja meg a számukat.

1. A rugó potenciális energiája 1,0 s időpontban a maximális.
2. A labda rezgési periódusa 4,0 s.
3. A labda kinetikus energiája 2,0 másodpercnél minimális.
4. A golyó lengéseinek amplitúdója 30 mm.
5. A golyóból és egy rugóból álló inga teljes mechanikai energiája minimum 3,0 s.

Megoldás

A táblázatban egy rugóra rögzített és egy vízszintes tengely mentén oszcilláló golyó helyzetére vonatkozó adatok láthatók. Ó, különböző időpontokban. Elemeznünk kell ezeket az adatokat, és ki kell választani a megfelelő két állítást. A rendszer rugós inga. Az adott időpontban t\u003d 1 s, a test elmozdulása az egyensúlyi helyzetből maximális, ami azt jelenti, hogy ez az amplitúdóérték. definíció szerint egy rugalmasan deformált test potenciális energiája kiszámítható a képlettel

Ep = k	x 2	,
	2

Ahol k- rugómerevségi együttható, x- a test elmozdulása az egyensúlyi helyzetből. Ha az elmozdulás maximális, akkor a sebesség ezen a ponton nulla, ami azt jelenti, hogy a mozgási energia nulla lesz. Az energia megmaradásának és átalakulásának törvénye szerint a potenciális energiának maximálisnak kell lennie. A táblázatból azt látjuk, hogy a test átengedi az oszcilláció felét t= 2 s, teljes oszcilláció kétszer annyi idő alatt T= 4 s. Ezért az 1. állítás igaz lesz; 2.

6. feladat

Egy kis jégdarabot leengedtek egy hengeres pohár vízbe, hogy lebegjen. Egy idő után a jég teljesen elolvadt. Határozza meg, hogyan változott a jég olvadása következtében a pohár fenekére gyakorolt ​​nyomás és a pohár vízszintje!

1. megnövekedett;
2. csökkent;
3. nem változott.

ird be asztal

Megoldás

Rizs. 1

Az ilyen típusú problémák meglehetősen gyakoriak a vizsga különböző változataiban. És ahogy a gyakorlat azt mutatja, a diákok gyakran hibáznak. Próbáljuk meg részletesen elemezni ezt a feladatot. Jelöli m egy jégdarab tömege, ρ l a jég sűrűsége, ρ w a víz sűrűsége, V pt a jég elmerült részének térfogata, megegyezik a kiszorított folyadék térfogatával (a lyuk térfogatával). Szellemileg távolítsa el a jeget a vízből. Ezután egy lyuk marad a vízben, amelynek térfogata megegyezik V pm, azaz jégdarab által kiszorított vízmennyiség 1( b).

Írjuk fel a jég lebegésének állapotát! 1( A).

Fa = mg (1)

ρ in V délután g = mg (2)

A (3) és (4) képletet összehasonlítva azt látjuk, hogy a lyuk térfogata pontosan megegyezik a jégdarabunk olvadásából nyert víz térfogatával. Ezért ha most (szellemileg) beleöntjük a jégből nyert vizet a lyukba, akkor a lyuk teljesen megtelik vízzel, és a vízszint az edényben nem változik. Ha a vízszint nem változik, akkor a hidrosztatikus nyomás (5), amely ebben az esetben csak a folyadék magasságától függ, szintén nem változik. Ezért a válasz az lesz

USE-2018. Fizika. Képzési feladatok

A kiadvány középiskolásoknak szól, hogy felkészüljenek a fizika vizsgára.
A juttatás a következőket tartalmazza:
20 edzési lehetőség
választ minden kérdésre
HASZNÁLJON válaszűrlapokat minden opcióhoz.
A kiadvány segítséget nyújt a tanároknak a diákok fizikavizsgára való felkészítésében.

Egy súlytalan rugó sima vízszintes felületen található, és az egyik végén a falhoz van rögzítve (lásd az ábrát). Egy adott időpontban a rugó deformálódni kezd, külső erőt fejt ki a szabad végére A és egyenletesen mozgatva az A pontot.

Állítson fel egyezést a fizikai mennyiségek alakváltozástól való függésének grafikonjai között! x rugók és ezek az értékek. Az első oszlop minden pozíciójához válassza ki a megfelelő pozíciót a második oszlopból, és írja be asztal

Megoldás

A feladat ábrájáról látható, hogy ha a rugó nem deformálódik, akkor a szabad vége, és ennek megfelelően az A pont a koordinátájú helyzetben van. x 0 . Egy adott időpontban a rugó deformálódni kezd, és külső erőt fejt ki a szabad végére A. Az A pont egyenletesen mozog. Attól függően, hogy a rugót megfeszítik vagy összenyomják, a rugóban fellépő rugalmas erő iránya és nagysága változik. Ennek megfelelően az A) betű alatt a grafikon a rugalmassági modulus függése a rugó alakváltozásától.

A B) betű alatti grafikon a külső erő vetületének az alakváltozás nagyságától való függése. Mert a külső erő növekedésével az alakváltozás nagysága és a rugalmas erő növekszik.

Válasz: 24.

8. feladat

A Réaumur hőmérsékleti skála megalkotásakor azt feltételezzük, hogy normál légköri nyomáson a jég 0 Réaumur (°R) hőmérsékleten megolvad, és a víz 80°R hőmérsékleten forr. Határozzuk meg egy ideális gázrészecske transzlációs hőmozgásának átlagos kinetikus energiáját 29°R hőmérsékleten. Adja meg válaszát eV-ban és kerekítse a legközelebbi századra!

Válasz: _______ eV.

Megoldás

A probléma abból a szempontból érdekes, hogy két hőmérsékletmérő skálát kell összehasonlítani. Ezek a Réaumur hőmérsékleti skála és a Celsius hőmérsékleti skála. A jég olvadáspontja megegyezik a skálán, de a forráspontok eltérőek, képletet kaphatunk a Réaumur fokok Celsius-fokokra való átváltására. Ez

Váltsuk át a 29 (°R) hőmérsékletet Celsius-fokra

Az eredményt a képlet segítségével Kelvinre fordítjuk

T = t°C + 273 (2);

T= 36,25 + 273 = 309,25 (K)

Az ideális gáz részecskéi transzlációs hőmozgásának átlagos kinetikus energiájának kiszámításához a képletet használjuk

Ahol k– Boltzmann-állandó egyenlő: 1,38 10 –23 J/K, T az abszolút hőmérséklet a Kelvin-skálán. A képletből látható, hogy az átlagos kinetikus energia hőmérséklettől való függése közvetlen, vagyis hányszor változik a hőmérséklet, annyiszor változik a molekulák hőmozgásának átlagos kinetikai energiája. Cserélje be a számértékeket:

Az eredményt elektronvoltokra konvertáljuk, és a legközelebbi századra kerekítjük. Emlékezzünk arra

1 eV \u003d 1,6 10 -19 J.

Ezért

Válasz: 0,04 eV.

Egy mól egyatomos ideális gáz vesz részt az 1–2. folyamatban, amelynek grafikonja az alábbi ábrán látható VT-diagram. Határozzuk meg ehhez a folyamathoz a gáz belső energiája változásának a gáznak átadott hőmennyiséghez viszonyított arányát!

Válasz: ___________ .

Megoldás

A feladat feltétele szerint az 1–2. folyamatban, melynek grafikonja az ábrán látható VT-diagramon egy mól egyatomos ideális gázról van szó. A probléma kérdésének megválaszolásához kifejezéseket kell szerezni a gáz belső energiájának és hőmennyiségének megváltoztatására. Izobár folyamat (Gay-Lussac törvény). A belső energia változása kétféleképpen írható le:

A gáznak leadott hőmennyiségre írjuk fel a termodinamika első főtételét:

K 12 = A 12+∆ U 12 (5),

Ahol A 12 - gázmunka a bővítés során. Értelemszerűen a munka az

A 12 = P 0 2 V 0 (6).

Ekkor a hőmennyiség egyenlő lesz, figyelembe véve (4) és (6).

K 12 = P 0 2 V 0 + 3P 0 · V 0 = 5P 0 · V 0 (7)

Írjuk fel az összefüggést:

Válasz: 0,6.

A kézikönyv teljes terjedelmében tartalmazza a fizika tantárgy elméleti anyagát, amely a sikeres vizsgához szükséges. A könyv felépítése megfelel a tantárgyi tartalmi elemek modern kodifikátorának, amely alapján a vizsgafeladatok összeállítása történik - az Egységes Államvizsga ellenőrző és mérőanyagai (CMM). Az elméleti anyagot tömör, közérthető formában mutatjuk be. Minden témakörhöz az USE formátumnak megfelelő vizsgafeladatok példái is társulnak. Ez segíti a tanárt az egységes államvizsgára való felkészülés megszervezésében, a tanulók pedig abban, hogy önállóan mérjék össze tudásukat és felkészültségüket a záróvizsgára.

Egy kovács 1000°C-on kovácsol egy 500 g tömegű vaspatkót. A kovácsolás befejeztével a patkót egy vízedénybe dobja. Sziszegés hallatszik, és gőz száll fel az edényből. Keresse meg a víz tömegét, amely elpárolog, amikor egy forró patkót belemerítenek. Vegye figyelembe, hogy a víz már forráspontra melegedett.

Válasz: _________

Megoldás

A probléma megoldásához fontos megjegyezni a hőegyensúly egyenletét. Ha nincs veszteség, akkor az energia hőátadása történik a testek rendszerében. Ennek eredményeként a víz elpárolog. Kezdetben a víz 100 °C hőmérsékletű volt, ami azt jelenti, hogy a forró patkó bemerítése után a víz által kapott energia azonnal elpárolog. Felírjuk a hőmérleg egyenletét

Val velés · m P · ( t n - 100) = lm az 1-ben),

Ahol L a fajlagos párolgási hő, m c a gőzzé alakult víz tömege, m p a vas patkó tömege, Val vel g a vas fajlagos hőkapacitása. Az (1) képletből fejezzük ki a víz tömegét

A válasz rögzítésekor ügyeljen arra, hogy milyen egységekben kívánja elhagyni a víztömeget.

Válasz: 90

Egy mól egyatomos ideális gáz egy ciklikus folyamatban vesz részt, ennek grafikonja az alábbi ábrán látható tévé- diagram.

Válassza ki kettő helyes állításokat a bemutatott grafikon elemzése alapján.

1. A 2. állapot gáznyomása nagyobb, mint a 4. állapot gáznyomása
2. A gázmunka a 2-3 szakaszban pozitív.
3. Az 1-2 szakaszban a gáznyomás nő.
4. A 4-1 szakaszban bizonyos mennyiségű hőt eltávolítanak a gázból.
5. A gáz belső energiájának változása az 1–2. szakaszban kisebb, mint a 2–3. szakaszban a gáz belső energiájának változása.

Megoldás

Ez a fajta feladat a grafikonok olvasásának képességét és a fizikai mennyiségek bemutatott függésének magyarázatát teszteli. Fontos megjegyezni, hogy a függőségi gráfok hogyan keresnek izofolyamatokat különböző tengelyeken, különösen R= konst. Példánkban a tévé A diagram két izobárt mutat. Nézzük meg, hogyan változik a nyomás és a térfogat egy rögzített hőmérsékleten. Például két izobáron fekvő 1. és 4. pontra. P 1 . V 1 = P 4 . V 4, ezt látjuk V 4 > V 1 azt jelenti P 1 > P 4. A 2. állapot a nyomásnak felel meg P 1 . Következésképpen a 2. állapot gáznyomása nagyobb, mint a 4. állapotú gáznyomás. A 2-3. szakaszban a folyamat izokhorikus, a gáz nem működik, egyenlő nullával. Az állítás téves. Az 1-2 szakaszban a nyomás nő, szintén helytelen. Közvetlenül fent megmutattuk, hogy ez egy izobár átmenet. A 4-1 szakaszban bizonyos mennyiségű hőt távolítanak el a gázból, hogy a hőmérsékletet állandó szinten tartsák a gáz összenyomásakor.

Válasz: 14.

A hőmotor a Carnot-ciklus szerint működik. A hőgép hűtőjének hőmérséklete megemelkedett, így a fűtőberendezés hőmérséklete változatlan maradt. A gáz által a fűtőberendezéstől ciklusonként kapott hőmennyiség nem változott. Hogyan változott a hőmotor hatásfoka és a gáz ciklusonkénti munkája?

Minden egyes értéknél határozza meg a változás megfelelő jellegét:

1. megnövekedett
2. csökkent
3. nem változott

ird be asztal kiválasztott számadatok minden fizikai mennyiséghez. A válaszban szereplő számok megismétlődhetnek.

Megoldás

A Carnot-cikluson működő hőmotorok gyakran megtalálhatók a vizsgafeladatokban. Először is emlékeznie kell a hatékonysági tényező kiszámításának képletére. Legyen képes rögzíteni a fűtőelem hőmérsékletén és a hűtőszekrény hőmérsékletén keresztül

amellett, hogy a hatásfokot a gáz hasznos munkáján keresztül tudja megírni A g és a fűtőberendezéstől kapott hőmennyiség K n.

Gondosan elolvastuk a feltételt, és megállapítottuk, hogy mely paraméterek változtak: esetünkben megemeltük a hűtőszekrény hőmérsékletét, a fűtőtest hőmérsékletét változatlan maradva. Az (1) képletet elemezve arra a következtetésre jutunk, hogy a tört számlálója csökken, a nevező nem változik, ezért a hőgép hatásfoka csökken. Ha a (2) formulával dolgozunk, azonnal megválaszoljuk a feladat második kérdését. A gáz ciklusonkénti munkája is csökkenni fog, a hőgép paramétereinek minden aktuális változása mellett.

Válasz: 22.

negatív töltés - qKés negatív- K(Lásd a képen). Hova van irányítva a képhez képest ( jobbra, balra, fel, le, a megfigyelő felé, távol a megfigyelőtől) töltési gyorsulás - q be ebben az időpillanatban, ha csak a töltések hatnak rá + KÉs –K? Válaszát írja le szó(k)ban

Megoldás

Rizs. 1

negatív töltés - q két fix töltés területén van: pozitív + Kés negatív- K, ahogy az ábrán is látható. annak a kérdésnek a megválaszolása érdekében, hogy hová irányul a töltés gyorsulása - q, abban a pillanatban, amikor csak +Q és - töltések hatnak rá K meg kell találni a keletkező erő irányát, mint az erők geometriai összegét Newton második törvénye szerint ismert, hogy a gyorsulásvektor iránya egybeesik a keletkező erő irányával. Az ábra egy geometriai konstrukciót mutat be két vektor összegének meghatározására. Felmerül a kérdés, hogy miért irányítják így az erőket? Emlékezzünk vissza, hogyan hatnak egymásra a hasonló töltésű testek, taszítják egymást, a töltések kölcsönhatásának Coulomb-ereje a központi erő. az az erő, amellyel az ellentétes töltésű testek vonzzák. Az ábráról látjuk, hogy a töltés az q egyenlő távolságra a fix díjaktól, amelyek modulusa egyenlő. Ezért a modulo is egyenlő lesz. Az eredményül kapott erő az ábrához képest lesz irányítva le. A töltésgyorsítás is irányított lesz - q, azaz le.

Válasz: Le.

A könyv tartalmazza a sikeres fizikavizsga letételéhez szükséges anyagokat: rövid elméleti információkat minden témában, különböző típusú és összetettségű feladatokat, fokozott bonyolultságú problémák megoldását, válaszokat és értékelési szempontokat. A diákoknak nem kell további információkat keresniük az interneten, és nem kell más kézikönyveket vásárolniuk. Ebben a könyvben mindent megtalálnak, amire szükségük van a vizsgára való önálló és hatékony felkészüléshez. A kiadvány különféle típusú feladatokat tartalmaz a fizika vizsgán tesztelt valamennyi témában, valamint fokozott összetettségű feladatok megoldását. A kiadvány felbecsülhetetlen segítséget nyújt majd a hallgatóknak a fizika vizsgára való felkészülésben, és a pedagógusok is felhasználhatják az oktatási folyamat megszervezésében.

Két sorba kapcsolt, 4 ohmos és 8 ohmos ellenállást csatlakoztatunk egy akkumulátorhoz, melynek kivezetésein a feszültség 24 V. Milyen hőteljesítmény szabadul fel egy kisebb névleges ellenállásban?

Válasz: _________ kedd.

Megoldás

A probléma megoldásához kívánatos az ellenállások soros kapcsolási rajzát megrajzolni. Ezután emlékezzen a vezetők soros kapcsolásának törvényeire.

A séma a következő lesz:

Ahol R 1 = 4 ohm, R 2 = 8 ohm. Az akkumulátor kivezetésein a feszültség 24 V. Ha a vezetékek sorba vannak kötve, az áramerősség az áramkör minden szakaszában azonos lesz. A teljes ellenállást az összes ellenállás ellenállásának összegeként határozzuk meg. Az Ohm-törvény szerint az áramköri szakaszra:

A kisebb névleges ellenálláson felszabaduló hőteljesítmény meghatározásához a következőket írjuk:

P = én 2 R\u003d (2 A) 2 4 Ohm \u003d 16 W.

Válasz: P= 16 W.

Egy 2 · 10-3 m 2 területű huzalkeret egyenletes mágneses térben forog a mágneses indukciós vektorra merőleges tengely körül. A keretterületen áthatoló mágneses fluxus a törvény szerint változik

Ф = 4 10 –6 cos10π t,

ahol minden mennyiség SI-ben van kifejezve. Mekkora a mágneses indukció modulusa?

Válasz: ________________ mT.

Megoldás

A mágneses fluxus a törvény szerint változik

Ф = 4 10 –6 cos10π t,

ahol minden mennyiség SI-ben van kifejezve. Meg kell értenie, hogy általában mi a mágneses fluxus, és hogyan kapcsolódik ez az érték a mágneses indukciós modulushoz Bés keretterület S. Írjuk fel az egyenletet általános formában, hogy megértsük, milyen mennyiségek szerepelnek benne.

Φ = Φ m cosω t(1)

Ne feledje, hogy a cos vagy sin előjel előtt van egy változó érték amplitúdója, ami Φ max \u003d 4 10 -6 Wb, másrészt a mágneses fluxus egyenlő a mágneses indukciós modulus és a áramkör területe és az áramkör normálja és a mágneses indukciós vektor közötti szög koszinusza Φ m = BAN BEN · S cosα, a fluxus maximális, ha cosα = 1; fejezzük ki az indukciós modulust

A választ mT-be kell írni. Eredményünk 2 mT.

Válasz: 2.

Az elektromos áramkör szakasza sorba kapcsolt ezüst és alumínium vezetékek. 2 A állandó elektromos áram folyik át rajtuk. A grafikon azt mutatja, hogyan változik a φ potenciál az áramkör ezen szakaszában, ha a vezetékek mentén távolsággal elmozdul. x

A grafikon segítségével válassza ki kettő helyesbítse az állításokat, és a válaszban tüntesse fel számukat!

1. A vezetékek keresztmetszete azonos.
2. Ezüsthuzal keresztmetszete 6,4 10 -2 mm 2
3. Ezüsthuzal keresztmetszete 4,27 10 -2 mm 2
4. Az alumíniumhuzalban 2 W hőteljesítmény szabadul fel.
5. Az ezüsthuzal kevesebb hőenergiát termel, mint az alumíniumhuzal.

Megoldás

A feladatban szereplő kérdésre a válasz két helyes állítás lesz. Ehhez próbáljunk meg néhány egyszerű feladatot megoldani egy grafikon és néhány adat segítségével. Az elektromos áramkör szakasza sorba kapcsolt ezüst és alumínium vezetékek. 2 A állandó elektromos áram folyik át rajtuk. A grafikon azt mutatja, hogyan változik a φ potenciál az áramkör ezen szakaszában, ha a vezetékek mentén távolsággal elmozdul. x. Az ezüst és az alumínium fajlagos ellenállása 0,016 μΩ m, illetve 0,028 μΩ m.

A vezetékek sorba vannak kötve, ezért az áramerősség az áramkör minden szakaszában azonos lesz. A vezető elektromos ellenállása függ az anyagtól, amelyből a vezető készült, a vezető hosszától, a vezeték keresztmetszeti területétől

R =	ρ l	(1),
	S

ahol ρ a vezető ellenállása; l- vezeték hossza; S- keresztmetszeti terület. A grafikonon látható, hogy az ezüsthuzal hossza L c = 8 m; alumínium huzal hossza L a \u003d 14 m. Feszültség az ezüsthuzal szakaszán U c \u003d Δφ \u003d 6 V - 2 V \u003d 4 V. Feszültség az alumíniumhuzal szakaszában U a \u003d Δφ \u003d 2 V - 1 V \u003d 1 V. A feltétel szerint ismert, hogy a vezetékeken állandó 2 A elektromos áram folyik át, a feszültség és az áramerősség ismeretében meghatározzuk az elektromos ellenállást a szerint az Ohm-törvényhez az áramköri szakaszra.

Fontos megjegyezni, hogy a számszerű értékeknek az SI rendszerben kell lenniük a számításokhoz.

Helyes állítás 2.

Ellenőrizzük a hatalom kifejezéseit.

P a = én 2 · R a(4);

P a \u003d (2 A) 2 0,5 Ohm \u003d 2 W.

Válasz:

A kézikönyv teljes terjedelmében tartalmazza a fizika tantárgy elméleti anyagát, amely a sikeres vizsgához szükséges. A könyv felépítése megfelel a tantárgyi tartalmi elemek modern kodifikátorának, amely alapján a vizsgafeladatok összeállítása történik - az Egységes Államvizsga ellenőrző és mérőanyagai (CMM). Az elméleti anyagot tömör, közérthető formában mutatjuk be. Minden témakörhöz az USE formátumnak megfelelő vizsgafeladatok példái is társulnak. Ez segíti a tanárt az egységes államvizsgára való felkészülés megszervezésében, a tanulók pedig abban, hogy önállóan mérjék össze tudásukat és felkészültségüket a záróvizsgára. A kézikönyv végén önvizsgálati feladatokra adunk válaszokat, amelyek segítségével az iskolások és a jelentkezők objektíven tudják felmérni tudásuk szintjét és a minősítő vizsgára való felkészültség fokát. A kézikönyv felső tagozatos diákoknak, jelentkezőknek és tanároknak szól.

Egy kis tárgy egy vékony konvergáló lencse fő optikai tengelyén helyezkedik el a gyújtótávolság és a belőle származó fókusztávolság kétszerese között. A tárgy közelebb kerül az objektív fókuszához. Hogyan változtatja meg ez az objektív képméretét és optikai teljesítményét?

Minden mennyiséghez határozza meg a változás megfelelő jellegét:

1. növeli
2. csökken
3. nem változik

ird be asztal kiválasztott számadatok minden fizikai mennyiséghez. A válaszban szereplő számok megismétlődhetnek.

Megoldás

Az objektum egy vékony konvergáló lencse fő optikai tengelyén helyezkedik el a gyújtótávolság és a kettős fókusztávolság között. A tárgy kezd közelebb kerülni a lencse fókuszához, miközben a lencse optikai ereje nem változik, mivel nem cseréljük a lencsét.

D =	1	(1),
	F

Ahol F az objektív gyújtótávolsága; D a lencse optikai ereje. Annak a kérdésnek a megválaszolásához, hogy a képméret hogyan változik, minden pozícióhoz létre kell hozni egy képet.

Rizs. 1

Rizs. 2

Két képet készítettünk a téma két pozíciójához. Nyilvánvaló, hogy a második kép mérete megnőtt.

Válasz: 13.

Az ábrán egy egyenáramú áramkör látható. Az áramforrás belső ellenállása elhanyagolható. Hozzon létre megfeleltetést a fizikai mennyiségek és a képletek között, amellyel kiszámíthatók ( - az áramforrás EMF-je; R az ellenállás ellenállása).

Az első oszlop minden pozíciójához válassza ki a második oszlop megfelelő pozícióját, és írja be asztal kiválasztott számokat a megfelelő betűk alatt.

Megoldás

Rizs.1

A probléma feltétele szerint figyelmen kívül hagyjuk a forrás belső ellenállását. Az áramkör egy állandó áramforrást, két ellenállást, ellenállást tartalmaz R, mindegyik és kulcs. A probléma első feltétele az áramerősség meghatározása a forráson keresztül zárt kulcs mellett. Ha a kulcs zárva van, akkor a két ellenállás párhuzamosan kapcsolódik. A teljes áramkör Ohm-törvénye ebben az esetben így néz ki:

Ahol én- áramerősség a forráson keresztül zárt kulccsal;

Ahol N- a párhuzamosan, azonos ellenállású vezetékek száma.

– Az áramforrás EMF-je.

Helyettesítjük (2) az (1)-ben: ez a képlet a 2-es szám alatt.

A probléma második feltétele szerint a kulcsot ki kell nyitni, ekkor az áram csak egy ellenálláson fog átfolyni. Az Ohm-törvény egy teljes áramkörre ebben az esetben a következő formában lesz:

Megoldás

Írjuk fel esetünkben a magreakciót:

E reakció eredményeként teljesül a töltés és a tömegszám megmaradásának törvénye.

Z = 92 – 56 = 36;

M = 236 – 3 – 139 = 94.

Ezért az atommag töltése 36, az atommag tömegszáma pedig 94.

Az új kézikönyv tartalmazza az egységes államvizsga letételéhez szükséges összes elméleti anyagot a fizika tantárgyról. Tartalmazza a tartalom minden elemét, ellenőrző- és mérőanyagokkal ellenőrizve, segíti az iskolai fizika tantárgy ismereteinek, készségeinek általánosítását, rendszerezését. Az elméleti anyagot tömör és hozzáférhető formában mutatjuk be. Minden témát tesztfeladatok példái kísérnek. A gyakorlati feladatok megfelelnek az USE formátumnak. A tesztekre adott válaszok a kézikönyv végén találhatók. A kézikönyv iskolásoknak, pályázóknak és tanároknak szól.

Időszak T A kálium-izotóp felezési ideje 7,6 perc. Kezdetben a minta 2,4 mg-ot tartalmazott ebből az izotópból. Mennyi marad ebből az izotópból a mintában 22,8 perc elteltével?

Válasz: _________ mg.

Megoldás

A feladat a radioaktív bomlás törvényének alkalmazása. Formába írható

Ahol m 0 az anyag kezdeti tömege, t az az idő, amely alatt egy anyag lebomlik T- fél élet. Helyettesítsük a számértékeket

Válasz: 0,3 mg.

Monokróm fénysugár esik egy fémlemezre. Ebben az esetben a fotoelektromos hatás jelensége figyelhető meg. Az első oszlop grafikonjai az energia λ hullámhossztól és ν fényfrekvenciától való függését mutatják. Állítson fel egyezést a gráf és az energia között, amelyre vonatkozóan meghatározhatja a bemutatott függést.

Az első oszlop minden pozíciójához válassza ki a megfelelő pozíciót a második oszlopból, és írja be asztal kiválasztott számokat a megfelelő betűk alatt.

Megoldás

Célszerű felidézni a fotoelektromos hatás definícióját. Ez a fény és az anyag kölcsönhatásának jelensége, melynek eredményeként a fotonok energiája átkerül az anyag elektronjaira. Különbséget kell tenni a külső és belső fotoelektromos hatás között. Esetünkben a külső fotoelektromos hatásról beszélünk. Fény hatására az elektronok kilökődnek az anyagból. A munkafunkció attól függ, hogy milyen anyagból készült a fotocella fotokatódja, és nem függ a fény frekvenciájától. A beeső fotonok energiája arányos a fény frekvenciájával.

E= h v(1)

ahol λ a fény hullámhossza; Val vel a fény sebessége,

Helyettesítsd (3)-at (1)-be, azt kapjuk

Elemezzük a kapott képletet. Nyilvánvaló, hogy a hullámhossz növekedésével a beeső fotonok energiája csökken. Ez a fajta függőség az A betű alatti grafikonnak felel meg)

Írjuk fel a fotoelektromos hatás Einstein-egyenletét:

hν = A ki + E(5),

Ahol hν a fotokatódon beeső foton energiája, A vy – munka funkció, E k a fotokatódból fény hatására kibocsátott fotoelektronok maximális kinetikus energiája.

Az (5) képletből kifejezzük E k = hν – A ki (6), ezért a beeső fény frekvenciájának növekedésével a fotoelektronok maximális mozgási energiája nő.

piros szegély

ν cr =	A kijárat	(7),
	h

ez az a minimális frekvencia, amelyen a fotoelektromos hatás még lehetséges. A fotoelektronok maximális kinetikus energiájának függése a beeső fény frekvenciájától a B betű alatti grafikonon tükröződik.

Válasz:

Határozza meg az ampermérő leolvasását (lásd az ábrát), ha az áramerősség közvetlen mérésének hibája megegyezik az ampermérő osztásértékével.

Válasz: (____________________±_______________) A.

Megoldás

A feladat a mérőeszköz leolvasásainak rögzítési képességét teszteli a megadott mérési hiba figyelembevételével. Határozzuk meg a skálaosztás értékét Val vel\u003d (0,4 A - 0,2 A) / 10 \u003d 0,02 A. A feltétel szerinti mérési hiba egyenlő a skálaosztással, azaz. Δ én = c= 0,02 A. A végeredményt így írjuk:

én= (0,20 ± 0,02) A

Szükséges egy kísérleti összeállítás összeállítása, amellyel meghatározhatja az acél csúszósúrlódási együtthatóját a fán. Ehhez a tanuló vett egy acélrudat egy horoggal. Az alábbi berendezések közül melyik két elemet kell ezen kívül használni a kísérlet végrehajtásához?

1. fa léc
2. dinamométer
3. főzőpohár
4. műanyag sín
5. stopperóra

Válaszul írja le a kiválasztott tételek számát.

Megoldás

A feladatban meg kell határozni az acél csúszósúrlódási együtthatóját a fán, ezért a kísérlet elvégzéséhez fa vonalzót és fékpadot kell venni a javasolt berendezéslistából az erő mérésére. Célszerű felidézni a csúszó súrlódási erő modulusának számítására szolgáló képletet

fck = μ · N (1),

ahol μ a csúszósúrlódási együttható, N a támasz reakcióereje, modulusában egyenlő a test súlyával.

Válasz:

A kézikönyv részletes elméleti anyagot tartalmaz az USE által a fizikában tesztelt összes témában. Minden szakasz után többszintű feladatokat adnak vizsga formájában. Az ismeretek végső ellenőrzéséhez a kézikönyv végén a vizsgának megfelelő képzési lehetőségeket adunk. A diákoknak nem kell további információkat keresniük az interneten, és nem kell más kézikönyveket vásárolniuk. Ebben az útmutatóban mindent megtalálnak, amire szükségük van a vizsgára való önálló és hatékony felkészüléshez. A segédkönyv középiskolásoknak szól, hogy felkészüljenek a fizika vizsgára. A kézikönyv részletes elméleti anyagot tartalmaz a vizsgán tesztelt összes témában. Minden rész után példák találhatók az USE feladatokra és egy gyakorló teszt. Minden kérdésre választ kapunk. A kiadvány hasznos lesz a fizikatanároknak, a szülőknek a tanulók vizsgára való hatékony felkészítéséhez.

Vegyünk egy táblázatot, amely információkat tartalmaz a fényes csillagokról.

Csillag neve	Hőfok, NAK NEK	Súly (naptömegben)	Sugár (napsugárban)	Távolság a csillagtól (szent év)
Aldebaran		5
Betelgeuse

Válassza ki kettő a csillagok jellemzőinek megfelelő kijelentéseket.

1. A Betelgeuse felszíni hőmérséklete és sugara azt jelzi, hogy ez a csillag a vörös szuperóriásokhoz tartozik.
2. A Procyon felszínén a hőmérséklet 2-szer alacsonyabb, mint a Nap felszínén.
3. A Castor és a Capella csillagok azonos távolságra vannak a Földtől, ezért ugyanahhoz a csillagképhez tartoznak.
4. A Vega csillag az A spektrális osztályba tartozó fehér csillagok közé tartozik.
5. Mivel a Vega és a Capella csillagok tömege azonos, azonos spektrális osztályba tartoznak.

Megoldás

Csillag neve	Hőfok, NAK NEK	Súly (naptömegben)	Sugár (napsugárban)	Távolság a csillagtól (szent év)
Aldebaran
Betelgeuse
			2,5

A feladatban két igaz állítást kell választani, amelyek megfelelnek a csillagok jellemzőinek. A táblázat azt mutatja, hogy a Betelgeuse a legalacsonyabb hőmérsékletű és a legnagyobb sugarú, ami azt jelenti, hogy ez a csillag a vörös óriásokhoz tartozik. Ezért a helyes válasz az (1). A második állítás helyes kiválasztásához ismerni kell a csillagok spektrális típusok szerinti eloszlását. Ismernünk kell az ennek megfelelő hőmérsékleti intervallumot és a csillag színét. A táblázat adatait elemezve arra a következtetésre jutunk, hogy a (4) lesz a helyes állítás. A Vega csillag az A spektrális osztályba tartozó fehér csillagok közé tartozik.

Egy 2 kg tömegű, 200 m/s sebességgel repülő lövedék két darabra törik. Az első 1 kg tömegű töredék az eredeti irányhoz képest 90°-os szöget zár be 300 m/s sebességgel. Keresse meg a második töredék sebességét.

Válasz: _______ m/s.

Megoldás

A lövedék kitörésének pillanatában (Δ t→ 0), a gravitáció hatása elhanyagolható, és a lövedék zárt rendszernek tekinthető. Az impulzusmegmaradás törvénye szerint: a zárt rendszerbe tartozó testek nyomatékának vektorösszege állandó marad e rendszer testeinek egymással való kölcsönhatásai esetén. esetünkben ezt írjuk:

- lövedék sebessége; m- a lövedék tömege a repedés előtt; az első töredék sebessége; m 1 az első töredék tömege; m 2 – a második töredék tömege; a második töredék sebessége.

Válasszuk ki a tengely pozitív irányát x, amely egybeesik a lövedék sebességének irányával, akkor a vetítésben erre a tengelyre írjuk az (1) egyenletet:

mv x = m 1 v 1x + m 2 v 2x (2)

A feltétel szerint az első töredék az eredeti irányhoz képest 90°-os szögben repül. A kívánt impulzusvektor hosszát a Pitagorasz-tétel határozza meg egy derékszögű háromszögre.

p 2 = √p 2 + p 1 2 (3)

p 2 = √400 2 + 300 2 = 500 (kg m/s)

Válasz: 500 m/s.

Ideális egyatomos gáz állandó nyomáson történő összenyomásakor a külső erők 2000 J. Mekkora hőt adott át a gáz a környező testeknek?

Válasz: _____ J.

Megoldás

Kihívás a termodinamika első főtételéhez.

Δ U = K + A nap, (1)

Ahol Δ U – a gáz belső energiájának változása, K- a gáz által a környező testeknek átadott hőmennyiség, A A Nap külső erők munkája. Az állapot szerint a gáz egyatomos és állandó nyomáson van összenyomva.

A nap = - A g(2),

K = Δ U– A nap = Δ U+ A r =	3	pΔ V + pΔ V =	5	pΔ V,
	2		2

Ahol pΔ V = A G

Válasz: 5000 J

Egy 8,0 · 10 14 Hz frekvenciájú sík monokromatikus fényhullám a normál mentén beesik egy diffrakciós rácsra. Mögötte a ráccsal párhuzamosan egy 21 cm-es gyújtótávolságú konvergáló lencsét helyezünk el, melynek diffrakciós mintája a lencse hátsó fókuszsíkjában figyelhető meg a képernyőn. Az 1. és 2. rend fő maximumai közötti távolság 18 mm. Keresse meg a rácsidőszakot. Adja meg válaszát mikrométerben (µm) a legközelebbi tizedre kerekítve. Számítsa ki kis szögekre (φ ≈ 1 radiánban) tgα ≈ sinφ ≈ φ.

Megoldás

A diffrakciós mintázat maximumaihoz vezető szögirányokat az egyenlet határozza meg

d sinφ = kλ (1),

Ahol d a diffrakciós rács periódusa, φ a rács normálja és a diffrakciós mintázat egyik maximumának iránya közötti szög, λ a fény hullámhossza, k a diffrakciós maximum sorrendjének nevezett egész szám. Adjuk meg az (1) egyenletből a diffrakciós rács periódusát

Rizs. 1

A feladat feltételének megfelelően ismerjük az első és második rendű fő maximumai közötti távolságot, ezt Δ-vel jelöljük. x\u003d 18 mm \u003d 1,8 10 -2 m, fényhullám frekvencia ν \u003d 8,0 10 14 Hz, a lencse gyújtótávolsága F\u003d 21 cm \u003d 2,1 10 -1 m. Meg kell határoznunk a diffrakciós rács periódusát. ábrán. Az 1. ábra a sugarak útját ábrázolja a rácson és a mögötte lévő lencsén keresztül. A konvergáló lencse fókuszsíkjában elhelyezkedő képernyőn diffrakciós mintázat figyelhető meg az összes résből érkező hullámok interferenciája következtében. Az 1. képletet két első és második rendű maximumra használjuk.

d sinφ 1 = kλ(2),

Ha k = 1, akkor d sinφ 1 = λ (3),

írj hasonlót a számára k = 2,

Mivel a φ szög kicsi, tgφ ≈ sinφ. Ezután az ábrából. 1 ezt látjuk

Ahol x 1 a távolság a nulla maximumtól az első sorrend maximumáig. Hasonlóan a távolságra is x 2 .

Akkor van

reszelési időszak,

mert definíció szerint

Ahol Val vel\u003d 3 10 8 m / s - a fény sebessége, majd helyettesítve a kapott számértékeket

A választ mikrométerben adtuk meg, tizedekre kerekítve, a feladatmeghatározásnak megfelelően.

Válasz: 4,4 µm.

A fizika törvényei alapján keresse meg egy ideális voltmérő leolvasását az ábrán látható áramkörben a kulcs bezárása előtt, és írja le a leolvasási változásait a K kulcs bezárása után. Kezdetben a kondenzátor nincs feltöltve.

Megoldás

Rizs. 1

A C rész feladatai megkövetelik a hallgatótól, hogy teljes és részletes választ adjon. A fizika törvényei alapján meg kell határozni a voltmérő leolvasását a K kulcs zárása előtt és a K kulcs zárása után. Vegyük figyelembe, hogy kezdetben az áramkörben lévő kondenzátor nincs feltöltve. Tekintsünk két állapotot. Nyitott kulcs esetén csak az ellenállás csatlakozik a tápegységhez. A voltmérő állása nulla, mivel párhuzamosan van csatlakoztatva a kondenzátorral, és a kondenzátor kezdetben nincs feltöltve, akkor q 1 = 0. A második állapot az, amikor a kulcs zárva van. Ezután a voltmérő leolvasása addig nő, amíg el nem éri a maximális értéket, amely idővel nem változik,

Ahol r a forrás belső ellenállása. Feszültség a kondenzátoron és az ellenálláson, az áramköri szakasz Ohm-törvénye szerint U = én · R nem változik az idő múlásával, és a voltmérő leolvasása nem változik.

Egy fenékrésszel rendelkező hengeres edény aljához cérnával egy fagolyót kötnek S\u003d 100 cm 2. Vizet öntenek az edénybe úgy, hogy a labda teljesen elmerüljön a folyadékban, miközben a cérna megnyúlik és erővel hat a labdára T. Ha a cérnát elvágják, a labda lebeg, és a vízszint a következőre változik h \u003d 5 cm Keresse meg a szál feszességét T.

Megoldás

Rizs. 1		Rizs. 2

Kezdetben egy fából készült labdát kötöznek egy cérnával egy hengeres edény aljához, amelynek alsó része S\u003d 100 cm 2 \u003d 0,01 m 2 és teljesen vízbe merítve. Három erő hat a labdára: a gravitációs erő a Föld felőli felől, - az Arkhimédész erő a folyadék oldaláról, - a fonal feszítőereje, a labda és a cérna kölcsönhatásának eredménye. . A labda egyensúlyi állapotának megfelelően az első esetben a labdára ható erők geometriai összegének nullával kell egyenlőnek lennie:

Válasszuk ki a koordinátatengelyt OYés mutasson rá. Ekkor a vetületet figyelembe véve az (1) egyenlet felírható:

Fa 1 = T + mg (2).

Írjuk fel Arkhimédész erejét:

Fa 1 = ρ V 1 g (3),

Ahol V 1 - a labda vízbe merített részének térfogata, az elsőben a teljes labda térfogata, m a golyó tömege, ρ a víz sűrűsége. Az egyensúlyi feltétel a második esetben

Fa 2 = mg(4)

Írjuk ki Arkhimédész erejét ebben az esetben:

Fa 2 = ρ V 2 g (5),

Ahol V A 2 a második esetben a gömb folyadékba merített részének térfogata.

Dolgozunk a (2) és (4) egyenlettel. Használhatja a helyettesítési módszert, vagy kivonhatja a (2) - (4)-ből Fa 1 – Fa 2 = T, a (3) és (5) képlet segítségével megkapjuk a ρ · V 1 g– ρ · V 2 g= T;

ρg ( V 1 – V 2) = T (6)

Tekintettel arra

V 1 – V 2 = S · h (7),

Ahol h= H 1 - H 2; kapunk

T= ρ g S · h (8)

Helyettesítsük a számértékeket

Válasz: 5 N.

A fizika vizsga letételéhez szükséges összes információ vizuális és hozzáférhető táblázatokban jelenik meg, minden téma után képzési feladatok vannak a tudás ellenőrzéséhez. A könyv segítségével a hallgatók a lehető legrövidebb idő alatt fejleszthetik tudásukat, néhány nappal a vizsga előtt emlékezhetnek az összes legfontosabb témára, gyakorolhatják a feladatok USE formátumban történő kitöltését, és magabiztosabbá válhatnak képességeikben. . A kézikönyvben bemutatott összes téma megismétlése után a régóta várt 100 pont sokkal közelebb lesz! A kézikönyv elméleti információkat tartalmaz a fizikavizsgán tesztelt összes témában. Minden szakasz után különböző típusú képzési feladatokat adunk válaszokkal. Az anyag vizuális és hozzáférhető bemutatása lehetővé teszi, hogy gyorsan megtalálja a szükséges információkat, kiküszöbölje a tudásbeli hiányosságokat, és a lehető legrövidebb időn belül megismételjen nagy mennyiségű információt. A kiadvány segítséget nyújt a középiskolásoknak a tanórákra való felkészüléshez, az aktuális és középszintű ellenőrzés különböző formáihoz, valamint a vizsgákra való felkészüléshez.

30. feladat

Egy 4 × 5 × 3 m méretű helyiségben, amelyben a levegő hőmérséklete 10 ° C és a relatív páratartalom 30%, egy 0,2 l / h kapacitású párásítót kapcsoltak be. Mennyi lesz a levegő relatív páratartalma a helyiségben 1,5 óra elteltével? A telített vízgőz nyomása 10 °C-on 1,23 kPa. Tekintsük a helyiséget hermetikus edénynek.

Megoldás

A gőzzel és páratartalommal kapcsolatos problémák megoldásának megkezdésekor mindig érdemes szem előtt tartani a következőket: ha a telítőgőz hőmérséklete és nyomása (sűrűsége) adott, akkor sűrűségét (nyomását) a Mengyelejev-Clapeyron egyenletből határozzuk meg. . Írja fel a Mengyelejev-Clapeyron egyenletet és a relatív páratartalom képletét minden állapothoz!

Az első esetben φ 1 = 30%-nál. A vízgőz parciális nyomását a következő képlet fejezi ki:

Ahol T = t+ 273 (K), R az univerzális gázállandó. A (2) és (3) egyenlet segítségével fejezzük ki a helyiségben lévő gőz kezdeti tömegét:

A párásító működésének τ ideje alatt a víz tömege növekszik

Δ m = τ · ρ · én, (6)

Ahol én– A párásító teljesítménye az állapotnak megfelelően egyenlő 0,2 l / h = 0,2 10 -3 m 3 / h, ρ = 1000 kg / m 3 - a víz sűrűsége. Helyettesítse a (4) és (5) képletet (6)

A kifejezést átalakítjuk és kifejezzük

Ez a kívánt képlet arra a relatív páratartalomra, amely a párásító működése után a helyiségben lesz.

Cserélje be a számértékeket, és kapja a következő eredményt

Válasz: 83 %.

Vízszintesen elhelyezett, elhanyagolható ellenállású durva síneken két egyforma tömegű rúd m= 100 g és ellenállás R= egyenként 0,1 ohm. A sínek távolsága l = 10 cm, a rudak és a sínek közötti súrlódási tényező μ = 0,1. A rudas sínek egyenletes függőleges mágneses térben vannak, B = 1 T indukcióval (lásd az ábrát). A sín mentén az első rúdra ható vízszintes erő hatására mindkét rúd transzlációsan egyenletesen, eltérő sebességgel mozog. Mekkora az első rúd sebessége a másodikhoz képest? Figyelmen kívül hagyja az áramkör öninduktivitását.

Megoldás

Rizs. 1

A feladatot nehezíti, hogy két rúd mozog, és meg kell határozni az első sebességét a másodikhoz képest. Ellenkező esetben az ilyen típusú problémák megoldásának megközelítése változatlan marad. Az áramkörbe behatoló mágneses fluxus változása indukciós EMF kialakulásához vezet. Esetünkben, amikor a rudak különböző sebességgel mozognak, az áramkörbe behatoló mágneses indukciós vektor fluxusának változása a Δ időintervallumban t képlet határozza meg

ΔΦ = B · l · ( v 1 – v 2) Δ t (1)

Ez az indukciós EMF megjelenéséhez vezet. Faraday törvénye szerint

A probléma feltétele szerint figyelmen kívül hagyjuk az áramkör önindukcióját. Az Ohm-törvény szerint a zárt áramkörre az áramkörben előforduló áramra a következő kifejezést írjuk:

Az ampererő olyan mágneses térben lévő áramvezető vezetékekre hat, amelyek moduljai egyenlőek egymással, és egyenlők az áramerősség, a mágneses indukciós vektor modulja és a vezető hosszának szorzatával. Mivel az erővektor merőleges az áram irányára, akkor sinα = 1, akkor

F 1 = F 2 = én · B · l (4)

A súrlódás fékezőereje továbbra is hat a rudakra,

F tr = μ m · g (5)

feltétellel azt mondjuk, hogy a rudak egyenletesen mozognak, ami azt jelenti, hogy az egyes rúdra ható erők geometriai összege nulla. Csak az Ampererő és a súrlódási erő hat a második rúdra. F tr = F 2, figyelembe véve (3), (4), (5)

Itt fejezzük ki a relatív sebességet

Cserélje be a számértékeket:

Válasz: 2 m/s.

A fotoelektromos hatás vizsgálatára irányuló kísérletben a katód felületére ν = 6,1 · 10 14 Hz frekvenciájú fény esik, aminek következtében az áramkörben áram jelenik meg. Aktuális függőségi grafikon én tól től feszültség U az anód és a katód között az ábrán látható. Mekkora a beeső fény ereje R, ha átlagosan a katódon beeső 20 fotonból egy kiüt egy elektront?

Megoldás

Definíció szerint az áramerősség egy fizikai mennyiség, amely számszerűen egyenlő a töltéssel q egységnyi idő alatt áthalad a vezető keresztmetszetén t:

én =	q	(1).
	t

Ha a katódból kiütött összes fotoelektron eléri az anódot, akkor az áramkörben lévő áram eléri a telítettséget. A vezeték keresztmetszetén áthaladó teljes töltés kiszámítható

q = N e · e · t (2),

Ahol e az elektron töltési modulusa, N e– a katódból 1 s alatt kiütő fotoelektronok száma. Az állapot szerint a katódon beeső 20 fotonból egy elektront üt ki. Akkor

Ahol N f a katódon 1 s alatt beeső fotonok száma. A maximális áram ebben az esetben lesz

Feladatunk a katódon beeső fotonok számának meghatározása. Ismeretes, hogy egy foton energiája egyenlő E f = h · v, akkor a beeső fény ereje

A megfelelő mennyiségek behelyettesítése után megkapjuk a végső képletet

P = N f · h · v =

20 · én max h USE-2018. Fizika (60x84/8) 10 gyakorlati vizsgafeladat az egységes államvizsgára való felkészüléshez Az Egységes Államvizsga elkészítéséhez az iskolások és a jelentkezők figyelmébe ajánljuk az új fizika kézikönyvet, amely 10 lehetőséget tartalmaz a képzési vizsgadolgozatokhoz. Az egyes lehetőségeket az egységes fizika államvizsga követelményeinek megfelelően állítják össze, különböző típusú és összetettségű feladatokat tartalmaznak. A könyv végén minden feladat önvizsgálatára adunk választ. A javasolt képzési lehetőségek segítik a tanárt az egységes államvizsgára való felkészülés megszervezésében, a hallgatók pedig önállóan mérik össze tudásukat és felkészültségüket a záróvizsgára. A kézikönyv iskolásoknak, pályázóknak és tanároknak szól.

Keresési eredmények:

1. demók, specifikációk, kodifikátorok HASZNÁLAT 2015

   Egy állapot vizsga; - ellenőrzési mérőanyagok előírásai az egységes elvégzéséhez állapot vizsga

   fipi.ru
2. demók, specifikációk, kodifikátorok HASZNÁLAT 2015

   Kapcsolatok. USE és GVE-11.

   Demók, specifikációk, USE 2018 kódolók Információk a KIM USE 2018 változásairól (272,7 Kb).

   FIZIKA (1 Mb). kémia (908,1 Kb). Demok, specifikációk, USE 2015 kódolók.

   fipi.ru
3. demók, specifikációk, kodifikátorok HASZNÁLAT 2015

   USE és GVE-11.

   Demók, specifikációk, USE 2018 kódolók OROSZ NYELV (975,4 Kb).

   FIZIKA (1 Mb). Demok, specifikációk, USE 2016 kódolók.

   www.fipi.org
4. Hivatalos demo HASZNÁLAT 2020 által fizika a FIPI-től.

   OGE 9. osztályban. Hírek HASZNÁLATA.

   → Demo: fi-11-ege-2020-demo.pdf → Kodifikátor: fi-11-ege-2020-kodif.pdf → Leírás: fi-11-ege-2020-spec.pdf → Letöltés egy archívumban: fi_ege_2020. zip .

   4ege.ru
5. Kodifikátor

   A FIZIKA Egységes Államvizsga tartalmi elemeinek kodifikátora. Mechanika.

   Vitorlázás állapota tel. Molekuláris fizika. Gázok, folyadékok és szilárd anyagok szerkezetének modelljei.

   01n®11 p+-10e +n~e. N.

   phys-ege.sdamgia.ru
6. Kodifikátor HASZNÁLATÁltal fizika

   HASZNÁLJON kodifikátort a fizikában. Tartalmi elemek és követelmények kodifikátora az oktatási szervezetek végzett hallgatóinak képzési szintjének egységes lebonyolításához állapot fizika vizsga.

   www.mosrepetitor.ru
7. Felkészüléshez szükséges anyag HASZNÁLAT(GIA) által fizika (11 Osztály)...
8. Kodifikátor HASZNÁLAT-2020-ig fizika FIPI - Orosz tankönyv

   Kodifikátor tartalmi elemei és követelményei az oktatási szervezetek végzett hallgatóinak képzési szintjére HASZNÁLATÁltal fizika a KIM szerkezetét és tartalmát meghatározó dokumentumok egyike egységes állapot vizsga, tárgyak...

   rosuchebnik.ru
9. Kodifikátor HASZNÁLATÁltal fizika

   A fizika tartalmi elemeinek kodifikátora és az oktatási szervezetek végzett hallgatóinak képzési szintjére vonatkozó követelmények egységes lefolytatásához állapot vizsga az egyik olyan dokumentum, amely meghatározza a KIM USE szerkezetét és tartalmát.

   physicsstudy.ru
10. demók, specifikációk, kodifikátorok| GIA- 11

    tartalmi elemek kodifikátorai és az oktatási intézményekben végzettek képzési szintjére vonatkozó követelmények egységes

    ellenőrzési mérőanyagok előírásai elvégzésére egységes állapot vizsga

    ege.edu22.info
11. Kodifikátor HASZNÁLATÁltal fizika 2020

    HASZNÁLAT a fizikában. FIPI. 2020. Kodifikátor. Oldal menü. A fizika vizsga felépítése. Online felkészítés. Demok, specifikációk, kódolók.

    xn--h1aa0abgczd7be.xn--p1ai
12. Műszaki adatokÉs kodifikátorok HASZNÁLAT 2020 a FIPI-től

    A FIPI USE 2020 specifikációi. Az orosz nyelvű egységes államvizsga specifikációja.

    HASZNÁLJON kodifikátort a fizikában.

    bingoschool.ru
13. Dokumentumok | Szövetségi Pedagógiai Mérések Intézete

    Bármilyen - USE és GVE-11 - Demók, specifikációk, kódolók - Demók, specifikációk, USE 2020 kódolók

    anyagok a PC elnökeinek és tagjainak a feladatok ellenőrzéséről az OU 2015. évi IX. osztályos GIA részletes válaszával - Oktatási és módszertani ...

    fipi.ru
14. Próba verzió HASZNÁLAT 2019 által fizika

    A KIM USE 2019 hivatalos bemutató verziója a fizikában. A szerkezetben nincs változás.

    → Demo verzió: fi_demo-2019.pdf → Kodifikátor: fi_kodif-2019.pdf → Leírás: fi_specif-2019.pdf → Letöltés egy archívumban: fizika-ege-2019.zip.

    4ege.ru
15. A FIPI demó verziója HASZNÁLAT 2020 által fizika, leírás...

    A fizika vizsga hivatalos bemutató verziója 2020-ban. JÓVÁHAGYOTT OPCIÓ A FIPI-TŐL – végleges. A dokumentum tartalmazza a 2020-ra vonatkozó specifikációt és kódolót.

    ctege.info
16. HASZNÁLAT 2019: bemutatók, Műszaki adatok, Kodifikátorok...